Метод невизначених множників

Знайти x і y, що максимізують f(x, y) за умови, що g(x, y) = c (показана червоним).

Метод невизначених множників
Названо на честь	Жозеф-Луї Лагранж
Досліджується в	математичне програмування
Формула	${\displaystyle \nabla {\mathcal {L}}(x,y,\lambda )=\nabla (f(x,y)-\lambda \cdot g(x,y))=0}$
Позначення у формулі	${\displaystyle f}$, ${\displaystyle g}$ і ${\displaystyle \lambda }$
Підтримується Вікіпроєктом	Вікіпедія:Проєкт:Математика
Метод невизначених множників у Вікісховищі

Метод невизначених множників або метод невизначених множників Лагранжа — метод знаходження умовного локального екстремуму, запропонований італійським математиком Жозефом-Луї Лагранжем. Метод дозволяє звести задачу з пошуку умовного екстремуму до задачі на знаходження безумовного екстремуму.

Задача

Нехай потрібно знайти екстремум функції n змінних ${\displaystyle F(x_{1},x_{2},\ldots ,x_{n})}$ за s умов

${\displaystyle g_{i}(x_{1},x_{2},\ldots ,x_{n})=0}$, де ${\displaystyle i=1,2,\ldots ,s}$.

Опис методу

Вводячи s невизначених множників Лагранжа ${\displaystyle \lambda _{i}}$, побудуємо функцію Лагранжа

${\displaystyle \Phi (x_{1},x_{2},\ldots ,x_{n},\lambda _{1},\lambda _{2},\ldots ,\lambda _{s})=F(x_{1},x_{2},\ldots ,x_{n})-\sum _{i=1}^{s}\lambda _{i}g_{i}(x_{1},x_{2},\ldots ,x_{n})}$.

Задача знаходження умовного оптимуму зводиться до розв'язування системи n+s рівнянь із n+s змінними:

${\displaystyle {\frac {\partial \Phi (x_{1},x_{2},\ldots ,x_{n},\lambda _{1},\lambda _{2},\ldots ,\lambda _{s})}{\partial x_{i}}}=0,\qquad i=1,2,\ldots ,n}$,

${\displaystyle {\frac {\partial \Phi (x_{1},x_{2},\ldots ,x_{n},\lambda _{1},\lambda _{2},\ldots ,\lambda _{s})}{\partial \lambda _{j}}}=g_{j}(x_{1},x_{2},\ldots ,x_{n})=0,\qquad j=1,2,\ldots ,s}$.

Використання

Метод невизначених множників Лагранжа широко використовується в математичній і теоретичній фізиці. За допомогою цього методу отримані рівняння Лагранжа першого роду, які дозволяють формально ввести сили реакції в фізичні задачі із в'язями. Невизначені множники Лагранжа використовує також варіаційний метод в квантовій механіці.

Приклад

Приклад 1

Знайти прямокутник із найбільшою площею за заданого периметра p.

Розв'язок

Позначимо сторони прямокутника x та y. Потрібно знайти максимум функції

${\displaystyle S=xy}$

за умови

${\displaystyle 2x+2y=p}$.

Вводимо множник Лагранжа ${\displaystyle \lambda }$ і шукаємо безумовний екстремум функції

${\displaystyle F(x,y,\lambda )=xy-\lambda (2x+2y-p)}$

Беручи похідні отримуємо систему рівнянь

${\displaystyle {\frac {\partial F(x,y,\lambda )}{\partial x}}=y-2\lambda =0}$

${\displaystyle {\frac {\partial F(x,y,\lambda )}{\partial y}}=x-2\lambda =0}$

${\displaystyle {\frac {\partial F(x,y,\lambda )}{\partial \lambda }}=2x+2y-p=0}$

Підставляючи значення ${\displaystyle y=2\lambda }$ та ${\displaystyle x=2\lambda }$ в останнє рівняння, отримуємо

${\displaystyle \lambda ={\frac {p}{8}}}$

${\displaystyle x=y={\frac {p}{4}}}$.

${\displaystyle S_{max}={\frac {p^{2}}{16}}}$

Отже, найбільшу площу серед прямокутників із заданим периметром має квадрат.

Приклад 2

Ілюстрація задачі оптимізації з обмеженнями

Цей приклад вимагає складніших обчислень, але це все ще задача з одним обмеженням.

Припустимо, що потрібно знайти найбільші значення

${\displaystyle f(x,y)=x^{2}y}$

за умови, що ${\displaystyle x}$- і ${\displaystyle y}$-координати лежать на колі з центром в початку координат з радіусом ${\displaystyle {\sqrt {3}}}$. Тобто з таким обмеженням

${\displaystyle g(x,y)=x^{2}+y^{2}-3=0.}$

Через те, що маємо лише одне обмеження, то маємо і лише один множник, скажімо ${\displaystyle \lambda }$.

Обмеження ${\displaystyle g(x,y)}$ тотожна нулю на колі радіуса ${\displaystyle {\sqrt {3}}}$. Будь-яке кратне ${\displaystyle g(x,y)}$ можна додати до ${\displaystyle g(x,y)}$ не змінивши при цьому ${\displaystyle g(x,y)}$ у цікавій нам області (на колі, що задовольняє наше обмеження).

${\displaystyle {\begin{aligned}{\mathcal {L}}(x,y,\lambda )&=f(x,y)+\lambda \cdot g(x,y)\\&=x^{2}y+\lambda (x^{2}+y^{2}-3).\end{aligned}}}$

звідки ми можемо порахувати градієнт:

${\displaystyle {\begin{aligned}\nabla _{x,y,\lambda }{\mathcal {L}}(x,y,\lambda )&=\left({\frac {\partial {\mathcal {L}}}{\partial x}},{\frac {\partial {\mathcal {L}}}{\partial y}},{\frac {\partial {\mathcal {L}}}{\partial \lambda }}\right)\\&=\left(2xy+2\lambda x,x^{2}+2\lambda y,x^{2}+y^{2}-3\right).\end{aligned}}}$

І отже:

${\displaystyle \nabla _{x,y,\lambda }{\mathcal {L}}(x,y,\lambda )=0\quad \iff \quad {\begin{cases}2xy+2\lambda x=0\\x^{2}+2\lambda y=0\\x^{2}+y^{2}-3=0\end{cases}}\quad \iff \quad {\begin{cases}x(y+\lambda )=0&{\text{(i)}}\\x^{2}=-2\lambda y&{\text{(ii)}}\\x^{2}+y^{2}=3&{\text{(iii)}}\end{cases}}}$

(iii) це наше вихідне обмеження. (i) означає, що ${\displaystyle x=0}$ або ${\displaystyle \lambda =-y}$. Якщо ${\displaystyle x=0}$ тоді з (iii) ${\displaystyle y=\pm {\sqrt {3}}}$ і далі ${\displaystyle \lambda =0}$ з (ii). Якщо ж ${\displaystyle \lambda =-y}$, підставляючи у (ii) маємо ${\displaystyle x^{2}=2y^{2}}$. Підставляючи у (iii) і розв'язуючи щодо ${\displaystyle y}$ маємо ${\displaystyle y=\pm 1}$. Отже існує шість критичних точок ${\displaystyle {\mathcal {L}}}$:

${\displaystyle ({\sqrt {2}},1,-1);\quad (-{\sqrt {2}},1,-1);\quad ({\sqrt {2}},-1,1);\quad (-{\sqrt {2}},-1,1);\quad (0,{\sqrt {3}},0);\quad (0,-{\sqrt {3}},0).}$

Обчислюючи функцію мети в цих точках знаходимо, що

${\displaystyle f(\pm {\sqrt {2}},1)=2;\quad f(\pm {\sqrt {2}},-1)=-2;\quad f(0,\pm {\sqrt {3}})=0.}$

Отже, функція мети досягає глобального максимуму (за умови обмеження) у ${\displaystyle (\pm {\sqrt {2}},1)}$ і глобального мінімуму в ${\displaystyle (\pm {\sqrt {2}},-1).}$ Точка ${\displaystyle (0,{\sqrt {3}})}$ це локальний мінімум ${\displaystyle f,}$ а ${\displaystyle (0,-{\sqrt {3}})}$ це локальний максимум ${\displaystyle f,}$ що можна побачити використавши обрамлену матрицю Гесе для ${\displaystyle {\mathcal {L}}(x,y,0)}$.

Зауважте, що хоча ${\displaystyle ({\sqrt {2}},1,-1)}$ це критична точка ${\displaystyle {\mathcal {L}}}$, це не локальний екстремум ${\displaystyle {\mathcal {L}}.}$ Маємо, що

${\displaystyle {\mathcal {L}}\left({\sqrt {2}}+\varepsilon ,1,-1+\delta \right)=2+\delta \left(\varepsilon ^{2}+\left(2{\sqrt {2}}\right)\varepsilon \right).}$

Маючи будь-який окіл ${\displaystyle ({\sqrt {2}},1,-1)}$, можна вибрати мале додатне ${\displaystyle \varepsilon }$ і мале ${\displaystyle \delta }$ будь-якого знаку, щоб отримати значення ${\displaystyle {\mathcal {L}}}$ як більше так і менше ніж ${\displaystyle 2}$. Це можна також побачити з того, що матриця Гесе для ${\displaystyle {\mathcal {L}}}$ обчислена в цій точці (та й в будь-якій іншій знайденій критичній точці) являє собою невизначену матрицю. Кожна з критичних точок ${\displaystyle {\mathcal {L}}}$ це сідлова точка ${\displaystyle {\mathcal {L}}}$.

Див. також

• Умови Каруша — Куна — Такера

Джерела

• Григорій Михайлович Фіхтенгольц. Курс диференціального та інтегрального числення. — 2025. — 2391 с.(укр.)
• Колмогоров А. Н., Фомин С. В. Элементы теории функций и функционального анализа. — 4-е изд. — Москва : Наука, 1976. — 544 с. — ISBN 5-9221-0266-4.(рос.)